Chuyên đề bồi dưỡng học sinh giỏi môn Toán 8

1. Chuyªn ®Ị : §a thc
Bài 1: Tính giá trị của biểu thức:
A = tại x = 16.
B = tại x = 14.
C = tại x = 9
D = tại x = 7. 
Bài 2: Tính giá trị của biểu thức:
M = 
N = 
Bài 3: Tính giá trị của biểu thức:
A = với x = 2; .
M.N với .Biết rằng:M = ; N = .
Bài 4: Tính giá trị của đa thức, biết x = y + 5:
 a. 
 b. 
Bài 5: Tính giá trị của đa thức:
 biết x+ y = -p, xy = q
 Bài 6: Chứng minh đẳng thức:
 a. ; biết rằng 2x = a + b + c
 b. ; biết rằng a + b + c = 2p
 Bài 7:
Số a gồm 31 chữ số 1, số b gồm 38 chữ số 1. Chứng minh rằng ab – 2 chia hết cho 3.
Cho 2 số tự nhiên a và b trong đó số a gồm 52 số 1, số b gồm 104 số 1. Hỏi tích ab có chia hết cho 3 không? Vì sao?
Bài 8: Cho a + b + c = 0. Chứng minh rằng M = N = P với:
 ; ; 
 Bài 9: Cho biểu thức: M = . Tính M theo a, b, c, biết rằng . 
Bài 10: Cho các biểu thức: A = 15x – 23y ; B = 2x + 3y . Chứng minh rằng nếu x, y là các số nguyên và A chia hết cho 13 thì B chia hết cho 13. Ngược lại nếu B chia hết cho 13 thì A cũng chia hết cho 13.
Bài 11: Cho các biểu thức: A = 5x + 2y ; B = 9x + 7y
Rút gọn biểu thức 7A – 2B.
Chứng minh rằng: Nếu các số nguyên x, y thỏa mãn 5x + 2y chia hết cho 17 thì 9x + 7y cũng chia hết cho 17.
 Bài 12: Chứng minh rằng: 
 a. chia hết cho 405.
 b. chia hết cho 133. 
 Bài 13: Cho dãy số 1, 3, 6 , 10, 15,, , 
 Chứng minh rằng tổng hai số hạng liên tiếp của dãy bao giờ cũng là số chính phương. 
2. Chuyªn ®Ị: BiĨn ®ỉi biĨu thc nguyªn
I. Mt s h»ng ®¼ng thc c¬ b¶n
(a ± b)2 = a2 ± 2ab + b2 ;
(a + b + c)2 = a2 + b2 + c2 + 2ab + 2bc + 2ca ;
 = ;
(a ± b)3 = a3 ± 3a2b + 3ab2 ± b3 = a3 ± b3 ± 3ab(a ± b);
 (a ± b)4 = a4 ± 4a3b + 6a2b2 ± 4ab3 + b4 ;
a2 – b2 = (a – b)(a + b) ;
a3 – b3 = (a – b)(a2 + ab + b2) ; 
an – bn = (a – b)(an – 1 + an – 2b + an – 3b2 +  + abn – 2 + bn – 1) ;
a3 + b3 = (a + b)(a2 – ab + b2) 
a5 + b5 = (a + b)(a4 – a3b + a2b2 – ab3 + b5) ;
a2k + 1 + b2k + 1 = (a + b)(a2k – a2k – 1b + a2k – 2b2 –  + a2b2k – 2 – ab2k – 1 + b2k) ;
II. B¶ng c¸c hƯ s trong khai triĨn (a + b)n – Tam gi¸c Pascal
§nh
1
Dßng 1 (n = 1)
1
1
Dßng 2 (n = 2)
1
2
1
Dßng 3 (n = 3)
1
3
3
1
Dßng 4 (n = 4)
1
4
6
4
1
Dßng 5 (n = 5)
1
5
10
10
5
1
 Trong tam gi¸c nµy, hai c¹nh bªn gm c¸c s 1 ; dßng k + 1 ®­ỵc thµnh lp t dßng k (k ≥ 1), ch¼ng h¹n dßng 2 ta c 2 = 1 + 1, dßng 3 ta c 3 = 2 + 1, 3 = 1 + 2, dßng 4 ta c 4 = 1 + 3, 6 = 3 + 3, 4 = 3 + 1, Khai triĨn (x + y)n thµnh tỉng th× c¸c hƯ s cđa c¸c h¹ng tư lµ c¸c s trong dßng th n cđa b¶ng trªn. Ng­i ta gi b¶ng trªn lµ tam gi¸c Pascal, n th­ng ®­ỵc sư dơng khi n kh«ng qu¸ lín. Ch¼ng h¹n, víi n = 4 th× :
 (a + b)4 = a4 + 4a3b + 6a2b2 + 4ab3 + b4
vµ víi n = 5 th× :
 (a + b)5 = a5 + 5a4b + 10a3b2 + 10a2b3 + 10ab4 + b5
II. C¸c vÝ dơ
 VÝ dơ 1. §¬n gi¶n biĨu thc sau : 
A = (x + y + z)3 – (x + y – z)3 – (y + z – x)3 – (z + x – y)3.
Li gi¶i
 A = [(x + y) + z]3 – [(x + y) – z]3 – [z – (x – y)]3 – [z + (x – y)]3
 = [(x + y)3 + 3(x + y)2z + 3(x + y)z2 + z3] – [(x + y)3 – 3(x + y)2z + 3(x + y)z2 – z3] – [z3 – 3z2(x – y) + 3z(x – y)2 – (x – y)3] – [z3 + 3z2(x – y) + 3z(x – y)2 + (x – y)3] = 6(x + y)2z – 6z(x – y)2 = 24xyz 
 VÝ dơ 2. Cho x + y = a, xy = b (a2 ≥ 4b). TÝnh gi¸ trÞ cđa c¸c biĨu thc sau :
 a) x2 + y2 ; b) x3 + y3 ; c) x4 + y4 ; d) x5 + y5
Li gi¶i
x2 + y2 = (x + y)2 – 2xy = a2 – 2b 
x3 + y3 = (x + y)3 – 3xy(x + y) = a3 – 3ab
x4 + y4 = (x2 + y2)2 – 2x2y2 = (a2 – 2b)2 – 2b2 = a4 – 4a2b + 2b2
(x2 + y2)(x3 + y3) = x5 + x2y3 + x3y2 + y5 = (x5 + y5) + x2y2(x + y)
Hay : (a2 – 2b)(a3 – 3ab) = (x5 + y5) + ab2 Þ x5 + y5 = a5 – 5a3b + 5ab2
 Chĩ ý : a6 + b6 = (a2)3 + (b2)3 = (a3)2 + (b3)2
	 a7 + b7 = (a3 + b3)(a4 + b4) – a3b3(a + b)
 = (a2 + b2)(a5 + b5) – a2b2(a3 + b3)
 VÝ dơ 3. Chng minh c¸c h»ng ®¼ng thc :
a3 + b3 + c3 – 3abc = (a + b + c)(a2 + b2 + c2 – ab – bc – ca) ;
(a + b + c)3 – a3 – b3 – c3 = 3(a + b)(b + c)(c + a)
Li gi¶i
a3 + b3 + c3 – 3abc = (a + b)3 + c3 – 3abc – 3a2b – 3ab2
 = (a + b + c)[(a + b)2 – (a + b)c + c2] – 3ab(a + b + c)
 = (a + b + c) [(a + b)2 – (a + b)c + c2 – 3ab] 
 = (a + b + c)(a2 + b2 + c2 – ab – bc – ca) 
(a + b + c)3 – a3 – b3 – c3 = [(a + b + c)3 – a3] – (b3 + c3)
= (b + c)[(a + b + c)2 + (a + b + c)a + a2] – (b + c)(b2 – bc + c2)
= (b + c)(3a2 + 3ab + 3bc + 3ca) = 3(b + c)[a(a + b) + c(a + b)]
= 3(a + b)(b + c)(c + a)
 VÝ dơ 4. Cho x + y + z = 0.
 Chng minh r»ng : 2(x5 + y5 + z5) = 5xyz(x2 + y2 + z2)
Li gi¶i
 V× x + y + z = 0 nªn x + y = –z Þ (x + y)3 = –z3
 Hay x3 + y3 + 3xy(x + y) = –z3 Þ 3xyz = x3 + y3 + z3
 Do ® : 3xyz(x2 + y2 + z2) = (x3 + y3 + z3)(x2 + y2 + z2)
 	= x5 + y5 + z5 + x3(y2 + z2) + y3(z2 + x2) + z3(x2 + y2)
 Mµ x2 + y2 = (x + y)2 – 2xy = z2 – 2xy (v× x + y = –z). T­¬ng t :
	 y2 + z2 = x2 – 2yz ; z2 + x2 = y2 – 2zx.
 V× vy : 3xyz(x2 + y2 + z2) = x5 + y5 + z5 + x3(x2 – 2yz) + y3(y2 – 2zx) + z3(z3 – 2xy) = 2(x5 + y5 + z5) – 2xyz(x2 + y2 + z2) 
 Suy ra : 2(x5 + y5 + z5) = 5xyz(x2 + y2 + z2) (®pcm)
Bµi tp:
Cho a + b + c = 0 vµ a2 + b2 + c2 = 14. 
TÝnh gi¸ trÞ cđa biĨu thc : A = a4 + b4 + c4.
Cho x + y + z = 0 vµ xy + yz + zx = 0. TÝnh gi¸ trÞ cđa biĨu thc :
B = (x – 1)2007 + y2008 + (z + 1)2009.
Cho a2 – b2 = 4c2. Chng minh r»ng : (5a – 3b + 8c)(5a – 3b – 8c) = (3a – 5b)2.
Chng minh r»ng nu:
 (x – y)2 + (y – z)2 + (z – x)2 = (x + y – 2z)2 + (y + z – 2x)2 + (z + x – 2y)2 
th× x = y = z.
 a) Chng minh r»ng nu (a2 + b2)(x2 + y2) = (ax + by)2 vµ x, y kh¸c 0 th× . 
b) Chng minh r»ng nu (a2 + b2 + c2)(x2 + y2 + z2) = (ax + by + cz)2 
vµ x, y, z kh¸c 0 th× .
Cho x + y + z = 0. Chng minh r»ng :
5(x3 + y3 + z3)(x2 + y2 + z2) = 6(x5 + y5 + z5) ;
x7 + y7 + z7 = 7xyz(x2y2 + y2z2 + z2x2) ;
10(x7 + y7 + z7) = 7(x2 + y2 + z2)(x5 + y5 + z5).
Chng minh c¸c h»ng ®»ng thc sau :
(a + b + c)2 + a2 + b2 + c2 = (a + b)2 + (b + c)2 + (c + a)2 ;
x4 + y4 + (x + y)4 = 2(x2 + xy + y2)2.
Cho c¸c s a, b, c, d tha m·n a2 + b2 + (a + b)2 = c2 + d2 + (c + d)2. 
 Chng minh r»ng : a4 + b4 + (a + b)4 = c4 + d4 + (c + d)4
 Cho a2 + b2 + c2 = a3 + b3 + c3 = 1. 
 TÝnh gi¸ trÞ cđa biĨu thc : C = a2 + b9 + c1945.
 Hai s a, b lÇn l­ỵt tha m·n c¸c hƯ thc sau :
a3 – 3a2 + 5a – 17 = 0 vµ b3 – 3b2 + 5b + 11 = 0. H·y tÝnh : D = a + b.
 Cho a3 – 3ab2 = 19 vµ b3 – 3a2b = 98. H·y tÝnh : E = a2 + b2.
 Cho x + y = a + b vµ x2 + y2 = a2 + b2. TÝnh gi¸ trÞ cđa c¸c biĨu thc sau :
a) x3 + y3 ; b) x4 + y4 ; c) x5 + y5 ; d) x6 + y6 ; 
e) x7 + y7 ; f) x8 + y8 ; g) x2008 + y2008.
3. Chuyªn ®Ị: Ph©n tÝch ®a thc thµnh nh©n tư
I- Ph­¬ng ph¸p t¸ch mt h¹ng tư thµnh nhiỊu h¹ng tư kh¸c:
Bµi 1: Ph©n tÝch c¸c ®a thc sau thµnh nh©n tư
Bµi 2: Ph©n tÝch c¸c ®a thc sau thµnh nh©n tư:
(§a thc ®· cho c nhiƯm nguyªn hoỈc nghiƯm h÷u t)
II- Ph­¬ng ph¸p thªm vµ bít cng mt h¹ng tư
1) D¹ng 1: Thªm bít cng mt h¹ng tư lµm xut hiƯn h»ng ®¼ng thc hiƯu cđa hai b×nh ph­¬ng: A2 – B2 = (A – B)(A + B)
Bµi 1: Ph©n tÝch c¸c ®a thc sau thµnh nh©n tư:
2) D¹ng 2: Thªm bít cng mt h¹ng tư lµm xut hiƯn tha s chung
Bµi 1: Ph©n tÝch c¸c ®a thc sau thµnh nh©n tư:
III- Ph­¬ng ph¸p ®ỉi bin
Bµi 1:Ph©n tÝch c¸c ®a thc sau thµnh nh©n tư
Bµi 2: Ph©n tÝch c¸c ®a thc sau thµnh nh©n tư
IV- Ph­¬ng ph¸p xÐt gi¸ trÞ riªng
Ph­¬ng ph¸p: Tr­íc ht ta x¸c ®Þnh d¹ng c¸c tha s cha bin cđa ®a thc, ri g¸n cho c¸c bin c¸c gi¸ trÞ cơ thĨ ®Ĩ x¸c ®Þnh tha s cßn l¹i.
VÝ dơ: Ph©n tÝch c¸c ®a thc sau thµnh nh©n tư:
Gi¶i
a, Gi¶ sư thay x bi y th× P = 
Nh­ vy P cha tha s x – y
Ta l¹i thy nu thay x bi y, thay y bi z, thay z bi x th× P kh«ng ®ỉi(ta ni ®a thc P c thĨ ho¸n vÞ vßng quanh bi c¸c bin x, y, z). Do ® nu P ®· chĩa tha s x – y th× cịng chĩa tha s y – z, z – x. Vy P ph¶i c d¹ng
P = k(x – y)(y – z)(z – x).Ta thy k ph¶i lµ h»ng s(kh«ng chĩa bin) v× P c bc 3 ®i víi tp hỵp c¸c bin x, y, z cßn tÝch (x – y)(y – z)(z – x) cịng c bc ba ®i víi tp hỵp c¸c bin x, y, z. V× ®¼ng thc
®ĩng víi mi x, y, z nªn ta g¸n cho c¸c bin x, y, z c¸c gi¸ trÞ riªng, ch¼ng h¹n x = 2, y = 1, z = 0
ta ®­ỵc k = -1
Vy P =- (x – y)(y – z)(z – x) = (x – y)(y – z)(x - z)
C¸c bµi to¸n
Bµi 1: Ph©n tÝch c¸c ®a thc sau thµnh nh©n tư:
, víi 2m = a+ b + c.
Bi 2: Ph©n tÝch c¸c ®a thc sau thµnh nh©n tư:
V-Ph­ong ph¸p hƯ s bt ®Þnh
Bi 1: Ph©n tÝch c¸c ®a thc sau thµnh nh©n tư:
Bµi tp: 
VÝ dơ . Ph©n tÝch biĨu thc sau thµnh nh©n tư :
A = x3 – 3(a2 + b2)x + 2(a3 + b3)
Li gi¶i
 §Ỉt S = a + b vµ P = ab, th× a2 + b2 = ; a3 + b3 = . V× vy :
 A = x3 – 3()x + 2() = 
 = 
 = 
 = (x – a – b)[x2 + (a + b)x – 2(a + b)2 + 6ab]
 = (x – a – b)[x2 + (a + b)x – 2(a2 
Ph©n tÝch c¸c ®a thc sau thµnh nh©n tư :
x3 + 4x2 – 29x + 24 ;
x4 + 6x3 + 7x2 – 6x + 1 ;
(x2 – x + 2)2 + (x – 2)2 ;
6x5 + 15x4 + 20x3 + 15x2 + 6x + 1 ;
x6 + 3x5 + 4x4 + 4x3 + 4x2 + 3x + 1.
f) x8 + x4 + 1;
g) x10 + x5 + 1 ;
h) x12 + 1 ;
i) (x + y + z)3 – x3 – y3 – z3 ;
k) (x + y + z)5 – x5 – y5 – z5.
4. Chuyªn ®Ị: X¸c ®Þnh ®a thc
* §Þnh lÝ Beout (BªZu) vµ ng dơng:
1) §Þnh lÝ BªZu: 
 D­ trong phÐp chia ®a thc f(x) cho nhÞ thc x - a b»ng f(a) (gi¸ trÞ cđa f(x) t¹i x = a): 
(Beout, 1730 - 1783, nhµ to¸n hc Ph¸p)
HƯ qu¶: Nu a lµ nghiƯm cđa ®a thc f(x) th× f(x) chia ht cho x - a.
¸p dơng: §Þnh lÝ BªZu c thĨ dng ®Ĩ ph©n tÝch mt ®a thc thµnh nh©n tư. Thc hiƯn nh­ sau:
 B­íc 1: Chn mt gi¸ trÞ x = a nµo ® vµ thư xem x = a c ph¶i lµ nghiƯm cđa f(x) kh«ng.
 B­íc 2: Nu f(a) = 0, theo ®Þnh lÝ BªZu ta c: 
§Ĩ t×m p(x) thc hiƯn phÐp chia f(x) cho x - a.
 B­íc 3: Tip tơc ph©n tÝch p(x) thµnh nh©n tư nu cßn ph©n tÝch ®­ỵc. Sau ® vit kt qu¶ cui cng cho hỵp lÝ.
D¹ng 1: T×m ®a thc th­¬ng b»ng ph­¬ng ph¸p ®ng nht hƯ s(ph­¬ng ph¸p hƯ s bt ®Þnh), ph­¬ng ph¸p gi¸ trÞ riªng , thc hiƯn phÐp chia ®a thc.
*Ph­¬ng ph¸p1: Ta da vµo mƯnh ®Ị sau ®©y :
Nu hai ®a thc P(x) vµ Q(x) b»ng nhau: P(x) = Q(x) th× c¸c h¹ng tư cng bc hai ®a thc ph¶i c hƯ s ph¶i c hƯ s b»ng nhau.
VÝ dơ: ; 
Nu P(x) = Q(x) th× ta c:
 a = 1(hƯ s cđa lịy tha 2)
 2b = - 4 (hƯ s cđa lịy tha bc 1)
 - 3 = - p (hƯ s h¹ng tư bc kh«ng hay h¹ng tư t do)
*Ph­¬ng ph¸p2: Cho hai ®a thc P(x) vµ Q(x) tha m·n deg P(x) > deg Q(x)
Gi th­¬ng vµ d­ trong phÐp chia P(x) cho Q(x) lÇn l­ỵt lµ M(x) vµ N(x)
Khi ® ta c: (Trong ®: deg N(x) < deg Q(x)) (I)
V× ®¼ng thc (I) ®ĩng víi mi x nªn ta cho x ly mt gi¸ trÞ bt k× : 
( lµ h»ng s). Sau ® ta ®i gi¶i ph­¬ng tr×nh hoỈc hƯ ph­¬ng tr×nh ®Ĩ t×m c¸c hƯ s cđa c¸c h¹ng tư trong c¸c ®a thc ( §a thc th­¬ng, ®a thc chia, ®a thc bÞ chia, s d­).
VÝ dơ: Bµi 1(PhÇn bµi tp ¸p dơng)
Gi th­¬ng cđa phÐp chia A(x) cho x + 1 lµ Q(x), ta c: 
.
Vì đẳng thức đúng với mọi x nên cho x = -1 ta dược: 
Với a = -2 thì 
Với a = 3 thì 
*Ph­¬ng ph¸p 3:Thc hiƯn phÐp chia ®a thc (nh­ SGK)
Bµi tp ¸p dơng
Bi 1: Cho đa thức . X¸c định a sao cho A(x) chia hết cho x + 1.
Bµi 2: Ph©n tÝch ®a thc thµnh nh©n tư, bit r»ng mt nh©n tư c d¹ng: 
Bµi 3: Víi gi¸ trÞ nµo cđa a vµ b th× ®a thc : chia ht cho ®a thc: . H·y gi¶i bµi to¸n trªn b»ng nhiỊu c¸ch kh¸c nhau.
Bµi 4: X¸c ®Þnh gi¸ trÞ k ®Ĩ ®a thc: chia ht cho ®a thc: .
Bi 5: Tìm tất cả cc số tự nhin k để cho đa thức: chia hết cho nhị thức: .
Bi 6: Với gi trị no của a v b thì đa thức: chia hết cho đa thức: .
Bi 7: a) Xác định các giá trị của a, b và c để đa thức: 
Chia hết cho .
 b) Xác định các giá trị của a, b để đa thức: chia hết cho đa thức .
 c) Xác định a, b để chia hết cho .
Bi 8: Hy xc định các số a, b, c để có đẳng thức:
(Để học tốt Đại số 8)
Bi 9: Xác định hằng số a sao cho:
a) chia hết cho .
b) chia cho dư 4.
c) chia hết cho .
Bi 10: Xác định các hằng số a và b sao cho:
a) chia hết cho .
b) chia hết cho .
c) chia hết cho .
d) chia hết cho .
Bi 11: Tìm cc hăng số a và b sao cho chia cho thì dư 7, chia cho thì dư -5.
Bi 12: Tìm cc hằng số a, b, c sao cho chia hết cho , chia cho thì dư .
(Một số vấn đề phát triển Đại số 8)
Bi 13: Cho đa thức: v . Xác định a, b để P(x) chia hết cho Q(x).
Bi 14: Xác định a và b sao cho đa thức chia hết cho đa thức 
Bi 15: Cho các đa thức v . Xác định a và b để P(x) chia hết cho Q(x).
(23 chuyên đề toán sơ cấp)
Dạng 2: Phương pháp nội suy NiuTơn
Phương pháp:
 Để tìm đa thức P(x) bậc không quá n khi biết giá trị của đa thức tại n + 1 điểm ta cĩ thể biểu diễn P(x) dưới dạng:
 Bằng cách thay thế x lần lượt bằng các giá trị vào biểu thức P(x) ta lần lượt tính được các hệ số .
Bµi tp ¸p dơng
Bi 1: Tìm đa thức bậc hai P(x), biết: .
Giải
Đặt (1)
Thay x lần lượy bằng 0; 1; 2 vào (1) ta được: 
Vậy, đa thức cần tìm cĩ dạng:
.
Bi 2: Tìm đa thức bậc 3 P(x), biết: 
Hướng dẫn: Đặt (1)
Bi 3: Tìm đa thức bậc ba P(x), biết khi chia P(x) cho đều được dư bằng 6 và P(-1) = - 18.
Hướng dẫn: Đặt (1)
Bi 4: Cho đa thức bậc bốn P(x), thỏa mn: 
 a) Xác định P(x).
 b) Suy ra gi trị của tổng .
Hướng dẫn: Thay x lần lượt bằng 0; 1; 2; 3 vào (1), ta được :
Đặt (2)
Thay x lần lượt bằng -1; 0; 1; 2; -2 vào (2) ta được:
Vậy, đa thức cần tìm cĩ dạng:
(Tuyển chọn bi thi HSG Tốn THCS)
Bi 5: cho đa thức . Cho biết 
 1) Tính a, b, c theo .
 2) Chứng minh rằng: không thể cùng âm hoặc cùng dương.
Bi 6: Tìm một đa thức bậc hai, cho biết: 
5. Chuyªn ®Ị: BiĨn ®ỉi ph©n thc h÷u t
VÝ dơ 1. 
Chng minh r»ng ph©n s lµ ph©n s ti gi¶n "nÎN ;
Cho ph©n s (nÎN). C bao nhiªu s t nhiªn n nh h¬n 2009 sao cho ph©n s A ch­a ti gi¶n. TÝnh tỉng cđa tt c¶ c¸c s t nhiªn ®.
Li gi¶i
§Ỉt d = ¦CLN(5n + 2 ; 3n + 1) Þ 3(5n + 2) – 5(3n + 1) M d hay 1 M d Þ d = 1.
 Vy ph©n s lµ ph©n s ti gi¶n.
Ta c . §Ĩ A ch­a ti gi¶n th× ph©n s ph¶i ch­a ti gi¶n. Suy ra n + 5 ph¶i chia ht cho mt trong c¸c ­íc d­¬ng lín h¬n 1 cđa 29.
V× 29 lµ s nguyªn t nªn ta c n + 5 M 29 
Þ n + 5 =29k (k Î N) hay n=29k – 5.
Theo ®iỊu kiƯn ®Ị bµi th× 0 ≤ n = 29k – 5 < 2009 
Þ 1 ≤ k ≤ 69 hay kÎ{1; 2;; 69}
Vy c 69 s t nhiªn n tha m·n ®iỊu kiƯn ®Ị bµi. 
Tỉng cđa c¸c s nµy lµ : 29(1 + 2 +  + 69) – 5.69 = 69690.
VÝ dơ 2. Cho a, b, c ≠ 0 vµ a + b + c ≠ 0 tha m·n ®iỊu kiƯn . 
 Chng minh r»ng trong ba s a, b, c c hai s ®i nhau. T ® suy ra r»ng :
.
Li gi¶i
 Ta c : Û 
 Û Û 
 Û (a + b)(b + c)(c + a) = 0 Û Û Þ ®pcm.	 
 T ® suy ra : 
	 Þ .
 VÝ dơ 3. §¬n gi¶n biĨu thc :
.
Li gi¶i
§Ỉt S = a + b vµ P = ab. Suy ra : a2 + b2 = (a + b)2 – 2ab = 
	a3 + b3 = (a + b)3 – 3ab(a + b) = .
	Do ® : 
 Ta c : A = 
 = 
 Hay A = 
 VÝ dơ 4. Cho a, b, c lµ ba s ph©n biƯt. Chng minh r»ng gi¸ trÞ cđa biĨu thc sau kh«ng phơ thuc vµo gi¸ trÞ cđa x :
.
	Li gi¶i
 C¸ch 1
 = Ax2 – Bx + C
 víi : ;
 ;
 Ta c : ;
 ;
 .
 Vy S(x) = 1"x (®pcm).
 C¸ch 2
 §Ỉt P(x) = S(x) – 1 th× ®a thc P(x) lµ ®a thc c bc kh«ng v­ỵt qu¸ 2. Do ®, P(x) ch c ti ®a hai nghiƯm.
 Nhn xÐt : P(a) = P(b) = P(c) = 0 Þ a, b, c lµ ba nghiƯm ph©n biƯt cđa P(x).
 §iỊu nµy ch x¶y ra khi vµ ch khi P(x) lµ ®a thc kh«ng, tc lµ P(x) = 0 "x.
 Suy ra S(x) = 1 "x Þ ®pcm.
 VÝ dơ 9. Cho . TÝnh gi¸ trÞ cđa c¸c biĨu thc sau :
 a) ; b) ; c) ; d) .
Li gi¶i
 a) ;
 b) ;
 c) ;
 d) Þ D = 7.18 – 3 = 123.
 VÝ dơ 5. X¸c ®Þnh c¸c s a, b, c sao cho : .
Li gi¶i
 Ta c : 
 §ng nht ph©n thc trªn víi ph©n thc , ta ®­ỵc :
 . Vy .
6. Chuyªn ®Ị: Gi¶i ph­¬ng tr×nh
I/Phương trình ax+b=0 (1) v phương trình đưa về dạng (1)
*Cch giải: (Biến đổi và đưa hết về một vế sau đó rút gọn thành dạng ax+b=0)
TH1:a=0 nếu b0 thì phương trình (1)vơ nghiệm
	 nếu b=0 thì phương trình (1) vơ số nghiệm
 	TH2:a0 thì phương trình (1) cĩ nghiệm duy nhất x=
	*Ví dụ: a)3x+1=7x-11
	b1: 3x+1-7x+11=0 (biến đổi và chuyển về một vế)
	b2: -4x+12=0 (rt gọn về dạng ax+b=0)
	b3:	x=
	 b)1,2-(x-0,8)= -2(0,9+x)
	1,2-x+0,8+1,8+2x=0
	x+3,8=0
	x= -3,8
	*Các bài tập tương tự:
	a)7x+21=0	b)12-6x=0
	c)5x-2=0	d)-2x+14=0
	e)0.25x+1,5=0	f)6,36-5,3x=0
	g)	h)
	i)11-2x=x-1	k)5-3x=6x+7
	l)2(x+1)=3+2x	m)2(1-1,5x)+3x=0
	n)2,3x-2(0,7+2x)=3,6-1,7x	o)3,6-0,5(2x+1)=x-0,25(2-4x)
	p)3(2,2-03x)=2,6+(0,1x-4)	q)
	v)	w)
	s)	y)
II/Phương trình tích:
	*Cch giải: Pt:A.B=0 (A=0 (1) B=0 (2) )
 Ta có pt (1),(2) là phương trình bậc nhất cch giải tương tự phần trên
(Ch ý cc phương trình chưa có dạng A.B=0 ta đưa về dạng A.B=0 bằng cách phân tích thành nhân tử )
	*Ví dụ:
	a)(4x-10)(24+5x)=0
	 Từ (1) x= (2)x=
	Vậy phương trình cĩ 2 nghiệm x= hoặc x=
	b)(x-1)(5x+3)=(3x-8)(x-1)
	(x-1)(5x+3)-(3x-8)(x-1)=0
	(x-1)(2x+11)=0
 	*Các bài tập tương tự:
	a)(3,5-7x)(0,1x+2,3)=0	 b)(3x-2)
	c)(3,3-11x)	d)
 e)	f)
	g)3x(25x+15)-35(5x+3)=0	h)(2-3x)(x+11)=(3x-2)(2-5x)
	i)(2x2+1)(4x-3)=(2x2+1)(x-12)	k)(2x-1)2+(2-x)(2x-1)=0
	l)(x+2)(3-4x)=x2+4x+4	m)(x-1)(x2+5x-2)-(x2-1)=0
	n)x3+1=x(x+1) 0)x2+(x=2) (11x-7)=4
 p)x3+x2+x+1=0 q)x2-3x+2=0
 r)4x2-12x+5=0 s)-x2+5x-6=0
 t)2x2+5x+3=0 y)